【经典算法】BFS_FloodFill算法

算法原理：

使用队列进行层序遍历(bfs)。首先要记录原坐标的像素值，再以这个坐标为中心，上下左右四个方向进行遍历，如果发现有相等的像素值，就把这个坐标入队列并且修改成指定的像素值。接着再取出队头元素，进行判断，修改，遍历四个方向，入队列…直到队列为空，此时就把图中所有等于原像素值的位置修改成了指定的像素值。

细节/技巧问题：

(1) 记录完原坐标的像素值时，先进行一次判断，是否等于要修改的值，如果是，就直接返回图像。

(2) 要得到上下左右四个方向的坐标有技巧。

(3) 要注意遍历四个方向时坐标不能越界。

代码实现：

class Solution 
{typedef pair<int, int> PII;int dx[4] = {0,0,1,-1};int dy[4] = {1,-1,0,0};
public:vector<vector<int>> floodFill(vector<vector<int>>& image, int sr, int sc, int color) {int prev = image[sr][sc];if(prev == color) return image; // 处理特殊情况int m = image.size();int n = image[0].size();queue<PII> q;q.push({sr ,sc});while(q.size()){auto [a, b] = q.front();q.pop();if(image[a][b] == prev) image[a][b] = color;// 判断上下左右的值for(int i = 0; i < 4; i++){int x = a + dx[i];int y = b + dy[i];if(x >=0 && x < m && y >=0 && y < n && image[x][y] == prev)q.push({x, y});}}return image;}
};

算法原理：

这道题就是第一道题的进阶版，也是使用队列层序遍历(bfs)，只不过是多次使用bfs算法，所以把它写成一个函数，bfs在这里的作用是标记陆地。遍历整个矩阵，当遇到陆地(‘1’)并且没有被遍历过时，使用bfs并岛屿数量+1。

细节/技巧问题：
(1) 当取出队头坐标进行上下左右遍历时，一定会遍历到相同的位置，此时就要进行区分。可以定义一个bool类型的标记数组vis，如果位置已经遍历过，置为true，否则为false。

(2) 给bfs函数进行传参时，如果想要形参简洁一些，可以把一些变量定义在main函数外变为公有的，这样可以减少麻烦。比如这道题里矩阵的行和列，标记数组vis等

代码实现：

class Solution 
{int dx[4] = {0,0,1,-1};int dy[4] = {1,-1,0,0};int m,n;bool vis[301][301]; // 记录位置有没有被遍历过，true有,false没有
public:int numIslands(vector<vector<char>>& grid) {m = grid.size(), n = grid[0].size();int ret = 0; //记录岛屿数量// 遍历整个网格for(int i = 0;i < m; i++){for(int j = 0;j < n; j++){// 如果是陆地并且没有遍历过if(grid[i][j] == '1' && !vis[i][j]){// 把这块陆地标记bfs( grid,i, j);ret++;}}}   return ret;}void bfs(vector<vector<char>>& grid, int i, int j){queue<pair<int ,int>> q;q.push({i, j});vis[i][j] = true; // 入队列代表你已经遍历过了，要标记while(q.size()){auto [a,b] = q.front();q.pop();for(int k = 0; k < 4; k++){int x = a + dx[k], y = b + dy[k];if(x >= 0 && x < m && y >= 0 && y < n && grid[x][y] == '1' && !vis[x][y]){q.push({x,y});vis[x][y] = true;}}}}
};

算法原理：

这道题也是基于前两题的bfs算法，也要多次使用bfs，所以也写成函数。它的作用是标记陆地并且统计每块陆地的面积。遍历矩阵，当遇到没有被遍历过的陆地(1)时，调用bfs函数进行标记与统计，遇到符合要求的坐标并且入队列后，陆地面积+1。统计完每一块陆地的面积再返回给main函数。

细节/技巧问题：

参考前面两题。

代码实现：

class Solution 
{int dx[4] = {0,0,1,-1};int dy[4] = {1,-1,0,0};bool vis[51][51];int m,n;
public:int maxAreaOfIsland(vector<vector<int>>& grid) {m = grid.size(), n = grid[0].size();int ret_max = 0;int ret = 0;for(int i = 0;i < m; i++){for(int j = 0; j < n; j++){if(grid[i][j] == 1 && !vis[i][j]){ret = bfs(grid, i, j);ret_max = max(ret, ret_max);}}}return ret_max;}int bfs(vector<vector<int>>& grid, int i, int j){int ret = 0; // 记录岛屿面积queue<pair<int ,int>> q;q.push({i, j});vis[i][j] = true; // 记得标记ret++;while(q.size()){auto[a,b] = q.front();q.pop();for(int k = 0; k < 4; k++){int x = a+dx[k], y = b+dy[k];if(x >= 0 && x < m && y >= 0 && y < n && grid[x][y] == 1 && !vis[x][y]){q.push({x, y});vis[x][y] = true;ret++;}}}return ret;}
};

算法原理：

这道题也是bfs算法的综合运用。如果按照题意正面去解决，就是直接把除与边界’O’(包括边界)联通的区域外，其余全部修改为’X’，会显的很麻烦。所以正难则反，我们可以先把与边界’O’(包括边界)联通的区域修改为其他字符，再遍历整个数组，把剩余的’O’区域修改为’X’，最后把原来修改为的其他字符还原为’O’，这样也可以解决问题，并且整个代码书写也更清晰。当然，这里的bfs算法也不止使用一次，所以也要写成函数，它的作用是把与边界’O’(包括边界)联通的区域修改为其他字符。

细节/技巧问题：

参考前面三题

代码实现：

class Solution 
{int dx[4] = {0,0,1,-1};int dy[4] = {1,-1,0,0};int m, n;bool vis[201][201];
public:void solve(vector<vector<char>>& board) {m = board.size(), n = board[0].size();// 先把边界上的'O'区域改为无关字符for(int i = 0; i < m; i++){if(board[i][0] == 'O') bfs(board, i, 0);if(board[i][n-1] == 'O') bfs(board, i, n-1);}for(int j = 0; j < n; j++){if(board[0][j] == 'O') bfs(board, 0, j);if(board[m-1][j] == 'O') bfs(board, m-1, j);}// 再遍历矩阵，把所有'O'改为'X'for(int i = 0; i < m; i++){for(int j = 0; j < n; j++){if(board[i][j] == 'O' && !vis[i][j])board[i][j] = 'X';}}// 最后还要把前面改过的'.'还原为'O'for(int i = 0; i< m; i++){for(int j = 0; j < n; j++)if(board[i][j] == '.')board[i][j] = 'O';}}void bfs(vector<vector<char>>& board, int i, int j){queue<pair<int ,int>> q;q.push({i ,j});vis[i][j] = true;board[i][j] = '.';while(q.size()){auto[a,b] = q.front();q.pop();for(int k = 0; k < 4; k++){int x = a+dx[k], y = b+dy[k];if(x >= 0 && x < m && y >= 0 && y < n && !vis[x][y] && board[x][y] == 'O'){q.push({x, y});vis[x][y] = true;board[x][y] = '.';}}}}
};